成都一中

成都一中

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2023年2月13日发(作者：)

2023年高考物理模拟试卷

注意事项：

1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图，水平导体棒

PQ

用一根劲度系数均为

k

=80N/m

的竖直绝缘轻弹簧悬挂起来，置于水平向里的匀强磁场中，

PQ

长度为

L

=0.5m

，质量为

m

=0.1kg

。当导体棒中通以大小为

I

=2A

的电流，并处于静止时，弹簧恰好恢复到原长状

态。欲使导体棒下移

2cm

后能重新处于静止状态，（重力加速度

g

取

10m/s2）则（）

A

．通入的电流方向为

P→Q

，大小为

1.2A

B

．通入的电流方向为

P→Q

，大小为

2.4A

C

．通入的电流方向为

Q→P

，大小为

1.2A

D

．通入的电流方向为

Q→P

，大小为

2.4A

2、理想变压器的输入端、输出端所连接电路如图所示，图中交流电源的电动势

e

=311sin(100πt)V

，三只灯泡完全相同。

当电键

S

1、

S

2均断开时，交流电源的输出功率为理想变压器输出功率的

3

倍。下列各说法中正确的是（）

A

．理想变压器的匝数比为

1

：

3

B

．灯泡

L

1消耗的功率是灯泡

L

2消耗功率的

4

倍

C

．断开电键

S

1，闭合电键

S

2时，灯泡

L

1两端的电压有效值为

110V

D

．断开电键

S

2，闭合电键

S

1时，灯泡

L

1的亮度与

C

项情况下相比较较暗

3、如图，一个重为

10N

的大砝码，用细线悬挂在

O

点，现在用力

F

拉砝码，使悬线偏离竖直方向

θ

=60°

时处于静止

状态，此时所用拉力

F

的值不可能为

A

．

5.0N

B

．53N

C

．103N

D

．

10.0N

4、水平面上有质量相等的

a

、

b

两个物体，水平推力

F

1、

F

2分别作用在

a

、

b

上，一段时间后撤去推力，物体继续运

动一段距离后停下，两物体的vt图象如图所示，图中

AB

//

CD

.

则整个过程中

A

．

F

1的冲量等于

F

2的冲量

B

．

F

1的冲量大于

F

2的冲量

C

．摩擦力对

a

物体的冲量等于摩擦力对

b

物体的冲量

D

．合外力对

a

物体的冲量等于合外力对

b

物体的冲量

5、如图所示，

a、b、c、d

为圆上的四个点，

ac

、

bd

连线过圆心且相互垂直，置于圆心处带正电的点电荷在

a

点产生

的场强大小为

E

。若在该空间再施加一沿

ac

方向的大小为

2

E

的匀强电场后，以下说法正确的是

()

A

．

a

点的场强大小为

3

E

，方向由

c

到

a

B

．

c

点的场强大小为

3

E

，方向由

c

到

a

C

．

b

、

d

两点的场强相同，大小都为5E

D

．

b

、

d

两点的场强不相同，但大小都为5E

6、在如图所示装置中，轻杆一端固定着一个质量可以忽略不计的定滑轮，两物体质量分别为

m

1、

m

2，轻绳一端固定

于

a

点，悬点

a

、

b

间的距离远大于滑轮的直径，动滑轮质量和一切摩擦不计。整个装置稳定时下列说法正确的是（）

A

．

α

可能大于

β

B

．

m

1一定大于

m

2

C

．

m

1可能大于

2

m

2

D

．轻杆受到绳子的作用力

2

2cos

2

mg



二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、下列有关原子和原子核的认识，正确的是（）

A

．平均结合能越大，原子核越稳定

B

．氢原子辐射光子后，电子绕核运动的动能增大

C

．卢瑟福通过



粒子散射实验的研究，发现了中子

.

D

．光电效应现象中，光电子的最大初动能与入射光的频率成正比

8、下列说法中正确的是（）

A

．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在势能的缘故

B

．物体温度升高时，速率小的分子数目减小，速率大的分子数目增多

C

．一定量的100C的水变成100C的水蒸气，其分子平均动能增加

D

．物体从外界吸收热量，其内能不一定增加

E.

液晶的光学性质具有各向异性

9、下列说法正确的是

A

．温度由摄氏温度

t

升至

2

t

，对应的热力学温度便由

T

升至

2

T

B

．相同温度下液体中悬浮的花粉小颗粒越小，布朗运动越剧烈

C

．做功和热传递是改变物体内能的两种方式

D

．分子间距离越大，分子势能越大，分子间距离越小，分子势能也越小

E.

晶体具有固定的熔点，物理性质可表现为各向同性

10、多年前在日本本州岛附近海域曾发生里氏

9.0

级地震，地震和海啸引发福岛第一核电站放射性物质泄漏，其中放

射性物质碘

131

的衰变方程为131131

5354

IXeY。根据有关放射性知识，下列说法正确的是（）

A

．Y粒子为1

1

H

B

．若生成的131

54

Xe

处于激发态，它会放出穿透能力最强的



射线

C

．131

53

I

的半衰期大约是

8

天，取

4g

碘原子核，经

8

天后就只剩下

2g

碘原子核了

D

．131

53

I

中有

53

个质子和

78

个核子

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11．（6分）如图，物体质量为

2kgm

，静置于水平面上，它与水平面间的动摩擦因数

0.4

，用大小为102NF、

方向与水平方向夹角45的拉力

F

拉动物体，拉动

4s

后，撤去拉力

F

，物体最终停下来

.(

取210/)gms试求：

1

物体前

4s

运动的加速度是多大？

2?

物体从开始出发到停下来，物体的总位移是多大？

12．（12分）用图甲所示的元件做

“

描绘小灯泡的伏安特性曲线

”

的实验。小灯泡额定电压约为2.5V额定电流约为0.3A。

完成下列各小题。

(1)

图甲中已经作出了部分连线，请在此基础上完成电路元件连接

_______

。

(2)

在实验进行的某一次测量中，电压表、电流表的示数如图乙所示，则电压为

______V，电流为

________

A，此时小

灯泡的功率为

________W。

(3)

下列有四个关于小灯泡伏安特性曲线的图象，其中正确的是

________

A

．

B

．

C

．

D

．

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13．（10分）如图所示，AOB为折射率3n的扇形玻璃砖截面，一束单色光照射到AO面上的C点，在C点折射

后的光线平行于OB。已知C点是AO的中点，D点是BO延长线上一点，60AOD°

。

①求入射光在C点的入射角；

②通过计算判断光射到AB弧能否从AB弧射出。

14．（16分）如图所示，将横截面积

S

=100cm2、容积为

V

=5L

，开口向上的导热良好的气缸，置于

t

1

=

－

13C的环境

中。用厚度不计的轻质活塞将体积为

V

1

=4L

的理想气体封闭在气缸中，气缸底部有一个单向阀门

N

。外界大气压强

p

0

=1.0×105Pa

，重力加速

g

=10m/s2，不计一切摩擦。求：

(i)

将活塞用卡销

Q

锁定，用打气筒通过阀门

N

给气缸充气，每次可将体积

V

0

=100mL

，压强为

p

0的理想气体全部打入

气缸中，则打气多少次，才能使其内部压强达到

1.2

p

0；

(ii)

当气缸内气体压强达到

1.2

p

0时，停止打气，关闭阀门

N

，将质量为

m

=20kg

的物体放在活塞上，然后拔掉卡销

Q

，

则环境温度为多少摄氏度时，活塞恰好不脱离气缸。

15．（12分）如图甲所示，在足够大的水平地面上有

A

、

B

两物块

(

均可视为质点

)

。

t

=0

时刻，

A

、

B

的距离

x

0

=6m

，

A

在水平向右的推力

F

作用下，其速度

—

时间图象如图乙所示。

t

=0

时刻，

B

的初速度大小

v

0

=12m/s

、方向水平向右，

经过一段时间后两物块发生弹性正碰。已知

B

的质量为

A

的质量的

3

倍，

A

、

B

与地面间的动摩擦因数分别为

μ

1

=0.1

、

2



=0.4

，取

g=10m/s2。

(1)

求

A

、

B

碰撞前

B

在地面上滑动的时间

t

1以及距离

x

1；

(2)

求从

t

=0

时刻起到

A

与

B

相遇的时间

t

2；

(3)

若在

A

、

B

碰撞前瞬间撤去力

F

，求

A

、

B

均静止时它们之间的距离

x

。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、

C

【解析】

由题意知通电后弹簧恢复到原长，说明安培力方向向上，由平衡条件可得

ILB

=

mg

，代入数据解得磁感应强度大小

B

=

mg

IL

=1

T

。欲使导体棒下移

2cm

后能重新处于静止状态，假设安培力方向向下，由平衡条件可得

mg

+

I′LB

=

kx

，解

得：

I′

=1.2A

，假设成立，此时通入的电流方向为

Q→P

，故

C

正确，

ABD

错误。

2、

B

【解析】

AB

．变压器的输出功率等于输入功率，电源的输出功率等于灯泡

L

1的功率和变压器的输入功率之和，所以由已知条

件知灯泡

L

1的功率等于变压器输入功率的

2

倍，也就是灯泡

L

1的功率等于灯泡

L

2、

L

3的功率之和的

2

倍，所以灯泡

L

1的功率是灯泡

L

2功率的

4

倍，则变压器原线圈的电流是副线圈电流的

2

倍，由理想变压器电流与匝数成反比，可得

匝数比为

1

：

2

，故

A

错误，

B

正确；

C

．断开电键

S

1，闭合电键

S

2时，由上面分析知

L1L2

2II

，则

U

L1

=2

U

L2

变压器的输入电压和输出电压关系为

U

2

=2

U

1

而

U

2

=

U

L

2

U

L

1

+

U

1

=

311

2

V=220V

所以

U

L1

=176V

，

U

L2

=88V

故

C

错误；

D

．断开电键

S

2，闭合电键

S

1时，

U

1

=220V

，则

U

2

=440V

，所以

U

L2

=220V

与

C

中相比电压升高，灯泡变亮，故

D

错误。

故选

B

。

3、

A

【解析】

ABCD

．以物体为研究对象，根据图解法可知，当拉力

F

与细线垂直时最小．

根据平衡条件得

F

的最小值为：

F

min

=

G

sin60°=53N

，

当拉力水平向右时，拉力

F

=

G

tan60°=103N

；

所用拉力

F

的值不可能为

A

，

B

、

C

、

D

都有可能，故

A

正确，

BCD

错误

.

4、

D

【解析】

C

．由图，

AB

与

CD

平行，说明推力撤去后两物体的加速度相同，而撤去推力后物体的合力等于摩擦力，根据牛顿第

二定律可知，两物体受到的摩擦力大小相等。但

a

的运动总时间小于

b

的时间，根据

I=ft

可知，摩擦力对

a

物体的冲

量小于摩擦力对

b

物体的冲量，故

C

错误。

AB

．根据动量定理，对整个过程研究得

F

1

t

1

-

ft

OB

=0

F

2

t

2

-

ft

OD

=0

由图看出，

t

OB＜

t

OD，则有

F

1

t

1＜

F

2

t

2

即

F

1的冲量小于

F

2的冲量。故

AB

错误。

D

．根据动量定理可知，合外力的冲量等于物体动量的变化量，

ab

两个物体动量的变化量都为零，所以相等，故

D

正

确；

5、

D

【解析】

A

．由点电荷在

a

点产生的场强与匀强电场方向相反可知，

a

点的合场强大小为

E

，方向由

a

到

c

，故

A

错误；

B

．由点电荷在

c

点产生的场强与匀强电场方向相同可知，

c

点的合场强大小为

3

E

，方向由

a

到

c

，故

B

错误；

CD.

．由平行四边形定则可知，

b

、

d

两点的场强方向不同，但大小都为5E，故

C

错误，

D

正确。

故选

D

。

6、

D

【解析】

对

m1分析可知绳子的拉力大小，对滑轮分析，由于滑轮放在一根绳子上，绳子两端的张力相等，故可知两绳子和竖直

方向上的夹角相等，由共点力的平衡关系可得出两质量的关系．

【详解】

对

m

1分析可知，

m

1受拉力及本身的重力平衡，故绳子的拉力等于

m

1

g

；对于动滑轮分析，由于滑轮跨在绳子上，故

两端绳子的拉力相等，它们的合力一定在角平分线上；由于它们的合力与

m

1的重力大小相等，方向相反，故合力竖直

向上，故两边的绳子与竖直方向的夹角

α

和

β

相等；故

A

错误；由以上可知，两端绳子的拉力等于

m

1

g

，而它们的合

力等于

m

1

g

，因互成角度的两分力与合力组成三角形，故可知

1m

1

g

＞

m

1

g

，即

m

1一定小于

1m

1．但是

m

1不一定大于

m

1，故

BC

错误。轻杆受到绳子的作用力等于两边绳子的合力，大小为

2

2cos

2

mg



，选项

D

正确；故选

D

。

【点睛】

本题要注意题目中隐含的信息，记住同一绳子各部分的张力相等，即可由几何关系得出夹角的关系；同时还要注意应

用力的合成的一些结论．

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、

AB

【解析】

A

．平均结合能越大，原子核越稳定，故

A

正确；

B

．氢原子辐射光子后，原子的能级降低，电子的轨道半径减小，根据

22

2

qv

km

rr



则可得动能为

2

2

1

22k

kq

Emv

r



可知电子绕核运动的动能增大，故

B

正确；

C

．卢瑟福通过



粒子散射实验的研究，建立了原子的核式结构理论，故

C

错误；

D

．光电效应现象中，根据

km

EhW

逸出功

则光电子的最大初动能与入射光的频率不是成正比关系，故

D

错误。

故选

AB

。

8、

BDE

【解析】

A.

气体如果失去了容器的约束就会散开，是因为分子间距较大，相互的作用力很微弱，而且分子永不停息地做无规则

运动，所以气体分子可以自由扩散；故

A

错误

.

B.

温度从微观角度看表示了大量分子无规则运动的剧烈程度，物体温度升高时，速率小的分子数目减少，速率大的分

子数目增多；故

B

正确

.

C.

一定量

100℃的水变成100℃的水蒸气，因温度不变则分子平均动能不变，由于吸热，内能增大，则其分子之间的

势能增大；

C

错误

.

D.

物体从外界吸收热量，若同时对外做功，根据热力学第一定律可知其内能不一定增加；故

D

正确

.

E.

液晶的光学性质具有晶体的各向异性；故

E

正确

.

故选

BDE.

【点睛】

解决本题的关键要掌握分子动理论、热力学第一定律等热力学知识，要对气体分子间距离的大小要了解，气体分子间

距大约是分子直径的

10

倍，分子间作用力很小．

9、

BCE

【解析】

A

．温度由摄氏温度

t

升至

2

t

，对应的热力学温度便由

T

升至

T

′

，其中

T

\'=2

t

+273

，不一定等于

2

T

，故

A

错误；

B

．相同温度下液体中悬浮的花粉小颗粒越小，受力越不易平衡，布朗运动越剧烈，故

B

正确；

C

．根据热力学第一定律可知，做功和热传递是改变内能的两种方式，故

C

正确；

D

．若分子力表现为斥力时，分子间距离越大，分子力做正功，分子势能越小；分子间距离越小，分子力做负功，分

子势能越大。若分子力表现为引力时，分子间距离越大，分子力做负功，分子势能越大；分子间距离越小，分子力做

正功，分子势能越小，故

D

错误；

E

．根据晶体的特性可知，晶体具有固定的熔点，多晶体的物理性质表现为各向同性，故

E

正确。

故选

BCE

。

10、

BC

【解析】

A

．根据衰变过程中质量数和电荷数守恒，Y粒子为

β

粒子，故

A

错误；

B

．若生成的131

54

Xe

处于激发态，还会放出

γ

射线，

γ

射线的穿透能力最强，故

B

正确；

C

．半衰期是一个统计规律，指的是有一半原子核发生衰变所需要的时间，只对大量的原子核适用，对少数原子核是

不适用的，所以若取

4g

碘原子核，经

8

天后就只剩下

2g

碘原子核了，故

C

正确；

D

．131

53

I

中有

53

个质子，

131

表示质量数（核子数），故

D

错误。

故选

BC

。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、213m/s?2

42m

【解析】

（

1

）由牛顿第二定律运用正交分解法求解加速度；

（

2

）根据运动公式求解撤去外力之前时的位移；根据牛顿第二定律求解撤去外力后的加速度和位移，最后求解总位移

.

【详解】

（

1

）受力分析：正交分解：由牛顿第二定律得：

cos45Ffma；

sin450FNmg；

联立解得：2/ams３

（

2

）前

4

s

内的位移为22

1

11

34m24m

22

xat

，

4

s

末的速度为：12/vatms，

撤去外力后根据牛顿第二定律可知：

\'mgma

，

解得：2\'4/agms，

减速阶段的位移为：

22

2

0012

18

224

v

xmm

a











，

通过的总位移为：

12

42mxxx

．

【点睛】

此题是牛顿第二定律的应用问题；关键是知道加速度是联系运动和力的桥梁，运用正交分解法求解加速度是解题的重

点．

12、

1.50.180.27B

【解析】

(1)[1]

小灯泡额定电压约为2.5V、额定电流约为0.3A，则电压表选用0~3V量程，电流表选用0~0.6A量程。小灯

泡电阻约为

2.5V

8.3Ω

0.3A

U

R

I



电流表0~0.6A量程的内阻一般为

0.5Ω

，电压表0~3V量程的内阻一般为几千欧。相比较而言，小灯泡电阻为

“

小电

阻

”

，故应用电流表外接法。小灯泡两端电压应从

0

开始，则滑动变阻器应为分压接法。元件连接如图所示。

(2)[2][3][4]

经估读后，电压表示数为

1.5V

，电流表示数为0.18A。此时小灯泡功率为

1.5V0.18A0.27WPUI

(3)[5]

温度升高，小灯泡电阻变大。则UI图象的斜率逐渐增大，IU图象的斜率逐渐减小，且图像要过坐标原点。

所以

B

正确，

ACD

错误。

故选

B

。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、①

60°

；

②光射到

AB

弧能从

AB

弧射出。

【解析】

①光在介质中传播的光路图如图所示：

设入射光在

C

点的入射角为

i

，折射角为

r

，由于在

C

点折射后的光线平行于

OB

，所以∠

OCP

=∠

AOD

=60°

，

r

=30°

，

根据折射定律有：

sin

sin

i

n

r



代入数据解得：

i

=60°

；

②在

C

点折射后的光线射到

AB

弧上

P

点，连接

O

、

P

，

OP

是法线，过

O

点做

CP

的垂线交

CP

于

Q

，则折射光线在

AB

弧的入射角为

i

1，玻璃砖临界角为

C

，扇形半径为

L

，则：

1

sinC

n

，

根据几何知识有∠

COQ

=30°

，

L

OQ＝

L

OC

•cos∠COQ=

3

4

L

根据

1

sinOQ

OP

L

i

L



可得：

1

33

sinsin

43

iC，

则：

i

1＜

C

，

所以光射到

AB

弧能从

AB

弧射出。

14、

(i)8

；

(ii)52C

【解析】

(1)

由玻意耳定律得



01001

1.2pVnVpV

其中

1

4LV

，

0

100mLV

，

n

为打气次数，代入数值解得：

8n

(ii)

初态气体温度为

11

273K260KTt，最终稳定时，体积为5LV，内部气体压强为

5

20

1.210Pa

mg

pp

S



即拔掉卡销后，缸内气体压强不变，由盖

·

吕萨克定律得：

1

12

V

V

TT



，解得

2

325KT

则气缸内气体的温度为

22

273K52tT℃

15、

(1)3s

，

18m(2)4s(3)10m

【解析】

(1)

设

B

的质量为

3

m

，

A

、

B

碰撞前

B

在地面上滑动的加速度大小为

a

，根据牛顿第二定律有

2

33mgma

若

A

、

B

碰撞前

B

已停止运动，则由匀变速直线运动的规律有：

01

0vat

2

01

2vax

解得

1

t

=3s

，

1

x

=18m

由题图乙可得，

0~3s

时间内

A

滑动的距离为：



1

138

2A

xm=16m

由于

01A

xxx

=24m

故

A

、

B

碰撞前

B

已停止运动，假设成立。

(2)

由

(1)

可知

1

t

=3s

时，

A

、

B

尚未发生碰撞，故

A

、

B

碰撞前瞬间

A

的速度大小为：

A

v

=8m/s

经分析可知

0121

()

AA

xxxvtt

解得：

2

t

=4s

(3)

设碰撞后瞬间

A

、

B

的速度分别为

1

v

、

2

v

，有：

12

3

A

mvmvmv

222

12

111

3

222A

mvmvmv

解得：

1

v

=4m/s(

1

v

为负值，说明

1

v

的方向水平向左

)

，

2

v

=4m/s

设

A

、

B

碰撞后滑行的距离分別为

L

1、

L

2，有：，

12

xLL

根据动能定理有：

2

111

1

0

2

mgLmv

2

222

1

303

2

mgLmv

解得：

x

=10m