金石中学
-
2023年2月21日发(作者：)1
2022-2022年高二上学期期中考试物理考卷
带参考答案和解析（福建省仙游金石中学）
选择题
欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律。有一个长方体金
属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c。电流沿
以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是()
A.B.C.
D.
【答案】B
【解析】试题分析：由电阻的决定式可知，A中电阻，
B中电阻；C中电阻；D中电阻；故电阻最
小的为A；故选A．
考点:电阻定律
2
选择题
如图为某匀强电场的等势面分布图，每两个相邻等势面相距2cm，
则该匀强电场的场强大小和方向分别为（）
A.E=100V/m，竖直向下B.E=100V/m，竖直向上
C.E=100V/m，水平向左D.E=100V/m，水平向右
【答案】C
【解析】试题分析：根据电场线总是与等势面垂直，而且由高电
势指向低电势，可知，电场强度方向水平向左。两个相邻等势面相距
d=2cm，电势差U=2V，则电场强度，选项C
正确；故选C。
选择题
如图，水平天花板下用长度相同的绝缘细线悬挂起来的两个相同
的带电介质小球A、B，左边放一带正电的固定球P时，两悬线都保
持竖直方向。下面说法正确的是：（）
3
A．A球带正电，B球带负电，并且A球带电荷量较P球带电荷
量大
B．A球带正电，B球带负电，并且A球带电荷量较P球带电荷
量小
C．A球带负电，B球带正电，并且A球带电荷量较P球带电荷
量小
D．A球带负电，B球带正电，并且A球带电荷量较P球带电荷
量大
【答案】C
【解析】
试题分析：A、B悬线都处于竖直方向，表明A球带负电，B球
带正电,结合库仑定律，A球带电荷量较P球带电荷量小．故
选：C.
选择题
如图所示，甲、乙两个电路都由一个灵敏电流计G和一个电阻箱
R组成，它们中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，
那么以下结论中正确的是（）
4
A．甲表是电流表，R增大时量程增大
B．甲表是电流表，R增大时量程减小
C．乙表是电压表，R增大时量程减小
D．乙表是电压表，R增大时量程增大
【答案】BD
【解析】
试题分析：由图甲所示可知，G与电阻R并联，甲表是电流表，
R增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，故A错误，B正确．由
图乙所示可知，G与R串联，乙是电压表，R增大时，变阻器分担的
电压增大，乙表量程增大，故C错误，D正确，故选BD。
英国科学家法拉第最先尝试用“线”描述磁场和电场，有利于形
象理解不可直接观察的电场和磁场的强弱分布。如图所示为一对等量
异种点电荷，电荷量分别为＋Q、－Q。实线为电场线，虚线圆的圆
心O在两电荷连线的中点，a、b、c、d为圆上的点，下列说法正确
的是()
A.a、b两点的电场强度相同
B.b、c两点的电场强度相同
C.c点的电势高于d点的电势
5
D.d点的电势等于a点的电势
【答案】D
【解析】AB、电场线切线方向为场强方向，电场线的疏密程度表
示电场的强弱，根据等量异种点电荷电场的对称性，由图知a、b两
点的电场强度大小相等，方向不同，则电场强度不同，故A错误；由
图知b、c两点的电场强度小相等，方向不同，则电场强度不同，故
B错误；
CD、根据等量异种点电荷电场等势面分布的对称性，可知a点的
电势等于d点的电势，故D正确；沿电场线方向电势逐渐降低，c点
的电势低于d点的电势，故C错误；
故选D。
一平行板电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上。
若将云母介质移出，则电容器（）
A.极板上的电荷量变小，极板间电场强度变大
B.极板上的电荷量变小，极板间电场强度不变
C.极板上的电荷量变大，极板间电场强度变大
D.极板上的电荷量变大，极板间电场强度不变
【答案】B
【解析】电容器接在恒压直流电源上，则电容器两端间的电势差
不变，将云母介质移出介电常数减小，根据电容的决定式知，
6
介电常数减小，电容减小，电压不变，根据可知，电荷量Q减
小，由于电容器的电压不变，板间的距离d不变，根据可知，
极板间的电场强度不变，故ACD错误，B正确；
故选B。
如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电
荷。一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨
迹如图中虚线所示，那么()
A.若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷
B.微粒从M点运动到N点电势能一定增加
C.微粒从M点运动到N点机械能一定增加
D.微粒从M点运动到N点动能一定增加
【答案】D
【解析】以带电粒子为研究对象分析受力可知，微粒同时受到重
力和电场力作用，由题中条件仅可判断出重力与电场力合力向下，但
无法确定电场力的大小和方向以及微粒所带电荷电性，故只能确定合
力对微粒做正功，其动能增大，其他结论均无法确定，故D正确，
ABC错误；
故选D。
7
选择题
对于电场中A、B两点，下列说法正确的是()
A.电势差的定义式UAB＝，说明两点间的电势差UAB与电
场力做功WAB成正比，与移动电荷的电荷量q成反比
B.把正电荷从A点移到B点电场力做正功，则A、B两点的电势
差UAB>0
C.电势差的定义式UAB＝中，UAB与移动的电荷量q无关
D.电场中A、B两点间的电势差UAB等于把正电荷q从A点移
动到B点时电场力所做的功
【答案】BC
【解析】根据电势差的定义式，运用比值定义法，可知，
电势差反映电场本身能的性质的物理量，与所移动的试探电荷无关，
故不能说电势差与两点间移动电荷的电量q成反比，与电场力做的功
成正比，故A错误；把正电荷从A点移到B点电场力做正功，则
，故，B正确；电势差由电场本身决定，与移
动电荷量q无关，故C正确；由公式知，当q=+1C时，可
得，即a、b两点间的电势差等于把单位正电荷q从a点
移动到b点时静电力所做的功，故D错误．
8
选择题
如图所示是电阻R的I?U图象，图中α=45°，由此得出（）
A.通过电阻的电流与两端电压成正比
B.电阻R=0.5Ω
C.因I?U图象的斜率表示电阻的倒数，故
D.在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量
是3.0C
【答案】AD
【解析】试题分析：图像是一条通过原点的直线，所以通过电阻
的电流与两端电压成正比，A正确；图像的斜率，故解得
，BC错误；当时，，则每秒通过电
阻横截面的电荷量是，故D错误．
直流电路图如图所示，在滑动变阻器的滑片向右移动时，下列说
法正确的是(?)
9
A.电源的总功率一定减小
B.电源的内部损耗功率可能增大
C.电源的效率一定增大
D.电源的输出功率一定先增大后减小
【答案】AC
【解析】当滑动变阻器的滑动片P向右移动时，变阻器的电阻增
大，，整个电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析得知，
总电流减小，知路端电压增大，所以电流表示数减小，电
压表示数增大，由知电源的总功率减小，故A正确；由知
电源的内部损耗功率一定减小，故B错误；由知电源的效
率增大，故C正确；由知，当时输
出功率最大，而题意知滑动变阻器的滑片P向右移动时，不清楚R与
r之间的关系，所以电源的输出功率可能先增大后减小，故D错误；
故选AC。
选择题
如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，
虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的
10
两点，若带电粒子在运动过程中只受电场力作用，根据此图可做出的
正确判断是（）
A.带电粒子电性的正、负
B.带电粒子在a、b两点的受力方向
C.带电粒子在a、b两点的加速度何处较大
D.带电粒子在a、b两点的速度何处较大
【答案】BCD
【解析】试题分析：粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子受到的
电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性．根据电场
线疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，
再根据牛顿第二定律得ab点加速度的大小，根据电场力方向和速度
方向的关系判断电场力做功，从而判断电势能大小．
粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力
沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性，故A
错误B正确；电场线疏密程度表示电场强度大小，越密电场强度越大，
同一粒子受到的电场力越大，加速度越大，故a点的加速度大于b点
的加速度，C正确；受到的电场力方向和速度方向夹角为钝角，故由
a到b，电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增大，则粒
11
子在a点的速度较大b点的电势能大，故D正确．
选择题
如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r。开关S闭合
后，电灯L1、L2均能发光。现将滑动变阻器R的滑片P稍向上移动，
下列说法正确的是()
A.电灯L1、L2均变亮
B.电灯L1变亮，L2变暗
C.电流表的示数变小
D.电源的总功率变小
【答案】B
【解析】试题分析：由图可知与滑动变阻器并联，再与串联。
现将滑动变阻器的滑片稍向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值
变小，电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流增
大，所以电灯变亮，路端电压减小，所以与滑动变阻器并联电压减小，
所以变暗．故A错误，B正确；干路电流增大，与滑动变阻器并联电
压减小，所以通过的电流减小，所以电流表的示数增大，故C错误；
根据得电源的总功率增大，故D错误。
12
实验题
（1）某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件
的直径和高度，测量结果如下图(a)和(b)所示。该工件的直径为
________cm，高度为________mm。
（2）用多用电表进行了几次测量，指针分别处于a、b的位置，
如图所示。若多用电表的选择开关处于下面表格中所指的档位，a和
b的相应读数是多少？请填在表格中______mA、_______V、_____?。
?
【答案】?1.220?6.858-6.862?23?0.57-0.58?350
【解析】(1)游标尺有20分度的游标卡尺，精确度是0.05mm，
13
游标卡尺的主尺读数为12mm，游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻
度对齐，所以游标读数为4×0.05mm=0.20mm，所以最终读数为：
12mm+0.20mm=12.20mm=1.220cm；
螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为36.0×
0.01mm=0.360mm，所以最终读数为6.5mm+0.360mm=6.860mm；
(2)直流电流100mA档读第二行“0～10”一排，最小度值为2mA
估读到1mA就可以了,所以读数为23mA；直流电压2.5V档读第二行
“0~250”一排，最小分度值为0.05V估读到0.01V就可以了,所以读
数为0.57V；电阻×100档读第一行，测量值等于表盘上读数“3.5”
乘以倍率“100”,所以读数为350Ω。
实验题
有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘
这个灯泡的U?I图线．有下列器材供选用：
A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）
B．电压表（0～10V，内阻20kΩ）
C．电流表（0～0.3A，内阻1Ω）
D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）
E．滑动变阻器（5Ω，1A）
F．滑动变阻器（500Ω，0.2A）
（1）实验中电压表应选用，电流表应选用．为使实验误差
尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应
14
选用（用序号字母表示）．
（2）请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把实验器
材（图2）用实线连接成相应的实物电路图．
【答案】（1）A；D；E；（2）电路图如图所示；实物电路图如图
所示（两种均可）．
【解析】解：（1）灯泡额定电压为4V，电压表应选A，灯泡额定
电流为0.5A，电流表应选D，为方便实验操作，滑动变阻器应选择E．
（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑
动变阻器应选择分压接法，灯泡电阻：R===8Ω，电压表内阻约
为10kΩ，电流表内阻约为0.4Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，电
流表应采用外接法，实验电路图如图所示，根据电路图连接实物电路
图，实物电路图如图所示：
15
故答案为：（1）A；D；E；（2）电路图如图所示；实物电路图如
图所示（两种均可）．
实验题
在“测定电源的电动势和内阻”的实验中,现备有以下器材：
A．干电池E?1节
B．滑动变阻器R1(0～50Ω)
C．滑动变阻器R2(0～10kΩ)
D．电压表V1(0～3V)
E．电压表V2(0～15V)?
F．电流表A1(0～0.6A)
G．电流表A2(0～3A)
H．电键K、导线若干．
①.为了最大限度的减小实验误差，电压表选用_______，电流表
选用_______，滑动变阻器选用______（填器材的代号）
②.在虚线框内画出该实验最合理的电路图____
③.某同学根据记录的实验数据下图中画出U－I图线．根据图线
得到被测电池的电动势E＝_______V，内电阻r＝_______Ω.（结果保
留三位有效数字）
16
【答案】?V1?A1?R1??1.50（1.49-1.51）?1.00
（0.950-1.05）
【解析】(1)为方便实验操作，滑动变阻器应选总阻值较小的滑动
变阻器R1，由图象可知，电源电动势约为1.5V，则电压表选电压表
V1，电路最大电流约为0.5A，则电流表选电流表A1；
(2)应用伏安法测电源的电动势与内电阻，用电流表测电流，电压
表测路端电压，据此作出实验电路图
(3)由图象可知，电源的U-I图象与纵轴的交点坐标值是1.50，则
电源电动势E=1.50V，电源内阻
解答题
如图所示，在两条平行的虚线内存在着宽度为L、场强为E的匀
强电场，在与右侧虚线相距也为L处有一与电场平行的屏．现有一电
荷量为＋q、质量为m的带电粒子（重力不计），以垂直于电场线方
向的初速度v0射入电场中，v0方向的延长线与屏的交点为O．试求：
17
（1）粒子从射入到打到屏上所用的时间；
（2）粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向间夹角的正切
值tanα；
【答案】（1）（2）
【解析】试题分析：（1）根据题意，粒子在垂直于电场线的方向
上做匀速直线运动，所以粒子从射入到打到屏上所用的时间．
（2）设粒子射出电场时沿平行电场线方向的速度为vy，根据牛
顿第二定律，粒子在电场中运动的时间：
粒子在电场中的加速度为：
所以：．
所以粒子刚射出电场时的速度方向与初速度方向间夹角的正切
值为．
解答题
如图所示的电路中，电源的电动势为12V，内电阻为r＝1Ω，R1=1
Ω，R2=6Ω，电动机的线圈电阻RM=为0..5Ω,若开关闭合后通过电
源的电流为3A，则：
①R2消耗的电功率为多少？
②电动机输出的机械功率为多少？
18
【答案】（1）6w（2）10w
实验题
如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，极板长L＝
80cm，两板间的距离d＝40cm.电源电动势E＝40V，内电阻r＝1Ω，
电阻R＝15Ω，闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球从B
板左端且非常靠近B板的位置以初速度v0＝4m/s水平向右射入两板
间，该小球可视为质点．若小球带电量q＝1×10－2C，质量为m＝2
×10－2kg，不考虑空气阻力，电路中电压表、电流表均是理想电
表．若小球恰好从A板右边缘射出(g取10m/s2)．求：
【小题1】滑动变阻器接入电路的阻值为多少？
【小题2】此时电流表电压表的示数分别为多少？
【小题3】此时电源的效率是多少？
【答案】
【小题1】24Ω
19
【小题2】I=1AU路＝39v
【小题3】η＝97.5%
【解析】小球在两板间做类平抛运动，所以水平方向有：，
竖直方向：，代入数据可得加速度a=，根据牛顿第二
定律可得，，计算得板间电压U=24V，所以电路中电流
为，，此时滑动变阻器接入电路的阻值为，
，电压表示数为：,此时电源的效率
是
故答案为：滑动变阻器接入电路的阻值为24Ω，此时电流表电
压表的示数分别为1A和39V
此时电源的效率是97.5%